Catch him

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Problem Description

在美式足球中，四分卫负责指挥整只球队的进攻战术和跑位，以及给接球员传球的任务。四分卫是一只球队进攻组最重要的球员，而且一般身体都相对比较弱小，所以通常球队会安排5-7名大汉来保护他，其中站在四分卫前方、排成一线的5名球员称为进攻锋线，他们通常都是135公斤左右的壮汉。 对防守方来说，攻击对手的四分卫当然是最直接的限制对手进攻的方法。如果效果好，就可以在对方四分卫传球之前将其按翻在地，称之为擒杀。擒杀是最好的鼓舞防守队士气的方法，因为对方连传球的机会都没有，进攻就结束了，还必须倒退一些距离开球。凶狠的擒杀甚至能够将对方的四分卫弄伤，从而迫使对方更换这个进攻核心。 在本题中，输入给出准备擒杀四分卫的防守球员的位置、对方每个进攻锋线球员的位置以及对方四分卫的位置，你的任务是求出这名准备擒杀的防守球员至少要移动多少步，才能够擒杀对方四分卫。 假设对方进攻锋线和四分卫在这个过程中都不会移动。只有1名防守球员，防守球员只要碰到对方四分卫就算擒杀。 所有的球员都是一块连续的、不中空的2维区域。防守球员不可以从进攻锋线的身体上穿过，也不可以从界外穿过(只能走空地)。 防守队员不可以转动身体，只能平移。防守队员的身体所有部分向同一个方向(上、下、左、右)移动1格的过程叫做1步。

 

Input

输入包含多组数据。每组数据第一行都是两个整数H，W(0<H,W<=100)，表示整个区域的高度和宽度，H=W=0表示输入结束。接下来有H行，每行W个字符。每个字符如果是’.’，表示这里是空地，如果是’O’，表示是进攻锋线队员的身体，如果是’D’，表示是准备擒杀的防守球员的身体，如果是’Q’，表示是四分卫的身体。 输入保证符合上面的条件。防守球员的身体总共不超过20格。

 

Output

对每组数据，输出包含擒杀所需最少步数的一行。如果不能擒杀，输出带’Impossible’的一行。

 

Sample Input

6 6.Q....QQ..OO.OO..O...O.OOO.O......DD7 7.Q.....QQ.OOO....O...O......OO..OO..O..........DD0 0

 

Sample Output

Impossible9

 

Source

The 6th UESTC Programming Contest

 

Recommend

lcy

 

分析：先用一次bfs描述出整个D联体，同时判断哪些位置可以放得下这个D联体。再用bfs判断达到目标的最短路。

#include
     
      #include
      
       #include
       
        #include
        
         using namespace std;typedef struct S{    int x,y;}POINT;typedef struct S1{    int x,y,time;}STEP;char map[105][105];int k[105][105];int dx[]={
   0,0,1,-1};int dy[]={
   1,-1,0,0};int vis[105][105];int main(){    int m,n,i,j,xx,yy,a,b,ok,cx,cy;    POINT now,next;    STEP nnow,nnext;    while(scanf("%d%d",&m,&n)!=EOF && m)    {        a=b=0;        ok=0;scanf("%*c");        for(i=0;i
         
           q;        q.push(now);        while(!q.empty())        {            now=q.front();            q.pop();            cx=now.x-a;            cy=now.y-b;            for(i=0;i
          
           =m || yy<0 || yy>=n || map[xx][yy]=='O') k[i][j]=-1; else if(map[xx][yy]=='Q') k[i][j]=1; } } } for(i=0;i<4;++i) { xx=now.x+dx[i]; yy=now.y+dy[i]; if(xx>=0 && xx
           
            =0 && yy<=n && !vis[xx][yy] && map[xx][yy]=='D') { next.x=xx; next.y=yy; q.push(next); vis[xx][yy]=1; } } } queue 
            
              Q; nnow.x=a; nnow.y=b; nnow.time=0; Q.push(nnow); while(!Q.empty()) { // printf("xx=%d yy=%d\n",xx,yy); // printf("step1\n"); nnow=Q.front(); Q.pop(); nnext.time=nnow.time+1; for(i=0;i<4;++i) { xx=nnow.x+dx[i]; yy=nnow.y+dy[i]; if(xx>=0 && xx
             
              =0 && yy<=n) { if(k[xx][yy]==1) { printf("%d\n",nnext.time); goto L; } if(k[xx][yy]==0) { nnext.x=xx; nnext.y=yy; k[xx][yy]=-1; Q.push(nnext); } } } } printf("Impossible\n"); L:; } return 0;}